Föreläsning 5
Föreläsning 5
Föreläsning 5
Create successful ePaper yourself
Turn your PDF publications into a flip-book with our unique Google optimized e-Paper software.
34 6 SAMBAND MELLAN DERIVATA OCH MONOTONITET<br />
6. Samband mellan derivata och monotonitet<br />
Antag att funktionen f är deriverbar på ]a,b[. Vi vet att derivatan f ′ (x 0 ) i x 0 ∈]a,b[ är<br />
riktningskoefficienten för tangenten i punkten (x 0 ,f(x 0 )) till kurva y = f(x). Derivatan<br />
f ′ (x 0 ) är därför ett mått på hur mycket funktionen förändras nära x 0 . Följande sats gäller:<br />
Sats 6.1. Låt funktionen f vara deriverbar på ]a,b[. Då gäller att<br />
(a) f ′ (x) = 0 för alla x ∈]a,b[ ⇔ f konstant på ]a,b[.<br />
(b) f ′ (x) ≥ 0 för alla x ∈]a,b[ ⇔ f växande på ]a,b[.<br />
(c) f ′ (x) > 0 för alla x ∈]a,b[ ⇒ f strängt växande på ]a,b[.<br />
(d) f ′ (x) ≤ 0 för alla x ∈]a,b[ ⇔ f avtagande på ]a,b[.<br />
(e) f ′ (x) < 0 för alla x ∈]a,b[ ⇒ f strängt avtagande på ]a,b[.<br />
Exempel 6.2. Undersök funktionen f(x) = x 3 − 12x + 2 med avseende på monotonitet.<br />
Lösning: Vi undersöker var funktionen f har positiv resp. negativ derivata. Det följer att<br />
f ′ (x) = 3x 2 − 12 = 3(x 2 − 4) = 3(x + 2)(x − 2).<br />
För att studera var f är växande respektive avtagande tittar vi på en teckentabell:<br />
x −2 2<br />
3 + + +<br />
x + 2 − 0 + + +<br />
x − 2 − − 0 +<br />
f ′ (x) + 0 − 0 +<br />
f(x) ր f(−2) = 18 ց f(2) = −14 ր<br />
Funktionen växer strängt på ] − ∞, −2[ och ]2, ∞[ och avtar på [−2,2].<br />
Figur 6.3.<br />
18<br />
y<br />
y = x 3 −12 x+2<br />
− 2 2<br />
x<br />
− 14
6.1 Lokala extrempunkter 35<br />
6.1. Lokala extrempunkter<br />
Definition 6.4. Låt f vara en funktionen definierad på ]a,b[. Vi säger att f har ett<br />
lokalt maximum i x 0 ∈]a,b[ om<br />
f(x) ≤ f(x 0 ) för alla x i närheten av x 0 .<br />
Vi kallar då x 0 en lokal maximipunkt för f och funktionsvärdet f(x 0 ) för ett lokalt<br />
maximivärde.<br />
Observera: På motsvarande sätt definieras en lokal minimipunkt och ett lokalt minimivärde.<br />
Lokala maximipunkter och lokala minimipunkter kallas med ett gemensamt<br />
namn för lokala extrempunkter. Vi säger också att f har ett lokalt extremvärde i<br />
dessa punkter.<br />
Definition 6.5. Antag att funktionen f är deriverbar i punkten x 0 . Vi säger att punkten<br />
x 0 är en stationärpunkt till f om<br />
f ′ (x 0 ) = 0.<br />
Exempel 6.6. Om f(x) = x 3 − 12x + 2, så är<br />
f ′ (x) = 3x 2 − 12 = 3(x 2 − 4) = 3(x + 2)(x − 2) = 0 ⇔ x = ±2.<br />
Funktionen f har alltså dem stationära punkterna x = ±2.<br />
Satsen nedan ger oss ett effektivit sätt att söka efter lokala extrempunkter.<br />
Sats 6.7. Om f har en lokal extrempunkt i x 0 ∈]a,b[ och om f är deriverbar i x 0 så<br />
är f ′ (x 0 ) = 0, dvs extrempunkten x 0 är också en stationär punkt.<br />
Bevis:
36 6 SAMBAND MELLAN DERIVATA OCH MONOTONITET<br />
Exempel 6.8. Omvändningen till Sats 6.7 är inte sann, ty betrakta funktionen f(x) = x 3 .<br />
Eftersom f ′ (x) = 3x 2 = 0 för x = 0 så är punkten x = 0 en stationär punkt. Vidare<br />
gäller att f ′ (x) = 3x 2 > 0 för x ≠ 0, dvs f är strängt växande. Detta betyder att den<br />
stationärapunkten x = 0 inte kan vara en extrempunkt.<br />
Exempel 6.9. Bestäm alla lokala extrempunkter till f(x) = |x|(x − 2).<br />
Lösning: Vi har att f(x) =<br />
{ x(x − 2), x ≥ 0<br />
−x(x − 2), x < 0<br />
som är kontinuerlig för alla x.<br />
Fallet x ≥ 0: Då är f(x) = x 2 − 2x och f ′ (x) = 2x − 2 = 0 om x = 1.<br />
Fallet x < 0: Då är f(x) = −x 2 + 2x och f ′ (x) = −2x + 2 = 0 som saknar nollställen för<br />
x < 0.<br />
Dessutom ges höger derivatan i x = 0 av f +(0) ′ = lim − 2) = −2 och vänster derivatan<br />
x→0 +(2x<br />
är f − ′ (0) = lim + 2) = 2.<br />
x→0−(−2x Alltså existerar ej f ′ (0) och funktionen är inte deriverbar i x = 0. Teckentabell visar<br />
x 0 1<br />
f ′ (x) + ∄ − 0 +<br />
f(x) ր f(0) = 0 ց f(1) = −1 ր<br />
Funktionen f har alltså en lokal maxpunkt i x = 0 och en lokal minpunkt i x = 1.<br />
Figur 6.10.<br />
y<br />
y = |x| (x−2)<br />
1 2<br />
x
6.1 Lokala extrempunkter 37<br />
Exempel 6.11. Bestäm alla lokala extrempunkter till f(x) =<br />
{ xln x, x > 0<br />
0, x = 0<br />
Lösning: För x > 0 gäller att f ′ (x) = 1 + ln x = 0 om x = 1 . Vidare gäller också att<br />
e<br />
funktionen f är kontinuerlig för x ≥ 0. Speciellt gäller att lim xln x = 0 = f(0), dvs f är<br />
x→0 +<br />
kontinuerlig i x = 0. Däremot saknar f höger derivata, ty<br />
Teckentabell ger<br />
f(0 + h) − f(0) hln h<br />
lim<br />
= lim<br />
h→0 + h h→0 + h<br />
= lim ln h ej existerar.<br />
h→0 +<br />
x 0 1/e<br />
f ′ (x) − 0 +<br />
f(x) ց f(1/e) = −e ր<br />
Funktionen f har alltså en lokal maxpunkt i x = 0 och en lokal minpunkt i x = 1/e.<br />
Figur 6.12.<br />
y<br />
y = x ln x<br />
1/e<br />
− 1/e<br />
x<br />
Anmärkning:<br />
• Exempel 6.8 visar att en stationär punkt inte behöver vara en extrempunkt.<br />
• Exempel 6.9 visar att en punkt där funktionen inte är deriverbar kan vara en extrempunkt.<br />
• Exempel 6.11 visar att en ändpunkt kan vara en extrempunkt.
38 6 SAMBAND MELLAN DERIVATA OCH MONOTONITET<br />
Exempel 6.13. Bestäm eventuella lokala extrempunkter till funktionen<br />
f(x) =<br />
x<br />
√<br />
x 4 + 1 .<br />
Lösning:
39<br />
7. Tillämpningar på derivata<br />
Som tillämpning på derivata kommer vi i det här avsnittet att studera största och minsta<br />
värde hos en given funktion, grafritning, olikheter, ekvationer och medelvärdessatsen.<br />
7.1. Medelvärdessatsen<br />
Sats 7.1. Om f är kontinuerlig på [a,b] och deriverbar på ]a,b[, så finns minst ett<br />
c ∈]a,b[ så att<br />
f ′ f(b) − f(a)<br />
(c) = .<br />
b − a<br />
Geometrisk tolkning:<br />
Figur 7.2.<br />
y<br />
y = f(x)<br />
a c 1<br />
c 2 b<br />
x<br />
f(b) − f(a)<br />
Kvoten är riktningskoefficienten för sekanten genom (a,f(a)) och (b,f(b)).<br />
b − a<br />
Medelvärdessatsen säger att det finns minst en punkt (c,f(c)) med en tangent parallell<br />
med sekanten.
40 7 TILLÄMPNINGAR PÅ DERIVATA<br />
( π<br />
Exempel 7.3. Beräkna f om f(x) = cos x.<br />
5)<br />
( √<br />
π 3<br />
Lösning: Vi uttnyttjar att vi vet att f =<br />
6)<br />
2<br />
( π<br />
(<br />
f(x) − f = f<br />
6)<br />
′ (c)<br />
. Medelvärdessatsen ger att<br />
x − π 6<br />
där c ligger mellan x och π 6 . Sätter vi in x = π i uttrycket ovan får vi<br />
5<br />
( π<br />
) ( π<br />
(<br />
f = f + f<br />
5 6)<br />
′ (c) x − π )<br />
,<br />
6<br />
dvs<br />
( π<br />
( π<br />
( π<br />
cos = cos +<br />
5)<br />
6)<br />
5 − π √<br />
3<br />
sin c =<br />
6)<br />
2 + π 30 sinc,<br />
där c ligger mellan π 6 och π 5 . Antar vi nu att c ≈ π , så får vi att<br />
6<br />
( √<br />
π 3<br />
cos ≈<br />
5)<br />
2 + π ( π<br />
) √<br />
3<br />
30 sin ≈<br />
6 2 + π 1<br />
30 2 ≈ 0,813.<br />
)<br />
,
7.1 Medelvärdessatsen 41<br />
Exempel 7.4. Lös x = cos x 3 .<br />
Lösning: Låt oss kalla roten till ekvationen för α, dvs α = cos α 3 . Eftersom cos x 3 är<br />
kontinuerlig och avtar mellan 1 och 0 för 0 ≤ x ≤ 3π 2 så kommer kurvan y = cos x 3<br />
och den<br />
räta linjen y = α att skära varandra för något α som uppfyller 0 ≤ α ≤ 3π 2 . Låt x 0 vara en<br />
godtycklig punkt sådan att 0 ≤ x 0 ≤ 3π 2<br />
. Betrakta följande iterationsshema:<br />
x n+1 = cos x n<br />
3 , n = 0,1,2,... .<br />
Vi visar att iteraten x n+1 går mot roten α, dvs x n+1 → α, då n → ∞. Enligt Medelvärdessatsen<br />
finns ett c n mellan x n och α så att<br />
|x n+1 − α| = |cos x n<br />
3 − cos α 3 | = 1 3 |sin c n| · |x n − α|<br />
≤ 1 3 |x n − α| ≤ 1 1<br />
3 3 |x n−1 − α| = 1 3 2 |x n−1 − α| ≤ · · · ≤ 1<br />
3 n+1 |x 0 − α| → 0,<br />
då n → ∞. Detta ger att α ≈ 0.95.
42 7 TILLÄMPNINGAR PÅ DERIVATA<br />
7.2. Största och minsta värde<br />
Låt oss börja med att definiera vad vi menar med största och minsta värde hos en funktion.<br />
Definition 7.5. Låt f vara en funktion. En punkt x 0 ∈ D f kallas en global maximipunkt<br />
för f om<br />
f(x 0 ) ≥ f(x) för alla x ∈ D f .<br />
Talet f(x 0 ) kallas i så fall f:s största värde. Om istället<br />
f(x 0 ) ≤ f(x) för alla x ∈ D f ,<br />
kallas x 0 ∈ D f en global minimipunkt för f och f(x 0 ) f:s minsta värde.<br />
Satsen nedan hjälper oss att söka efter punkter som ger största och minsta värde.<br />
Sats 7.6. Om f är kontinuerlig på [a,b] så antar f sitt största respektive minsta värde<br />
i någon av följande punkter:<br />
1. i en inre punkt x ∈]a,b[ där f ′ (x) = 0,<br />
2. i en inre punkt x ∈]a,b[ där f ′ (x) ej existerar,<br />
3. i en randpunkt, dvs i x = a eller i x = b.<br />
Följande sats kan vara användbar om det visar sig vara svårt att med hjälp av en teckentabell<br />
avgöra karaktären hos en extrempunkt.<br />
Sats 7.7. Antag att funktionen f är definierad nära punkten x 0 och att f ′′ (x 0 ) existerar.<br />
Antag vidare att x 0 är en stationär punkt för f, dvs f ′ (x) = 0.<br />
• Om f ′′ (x 0 ) > 0, så är x 0 en lokal minimipunkt för f<br />
• Om f ′′ (x 0 ) < 0, så är x 0 en lokal maximipunkt för f
7.2 Största och minsta värde 43<br />
Exempel 7.8. Bestäm största och minsta värde av funktionen f(x) = x 3 + 12|x|, där<br />
−3 ≤ x ≤ 2.<br />
Lösning: Funktionen f är kontinuerlig på ett slutet och begränsat intervall [−3,2].<br />
Förutsättningarna för satsen om största och minsta värde, dvs Sats 2.16 är uppfyllda. Detta<br />
betyder att f antar ett största och minsta värde på [−3,2]. Enligt Sats 7.6 hittar vi dessa<br />
värden i en stationär punkt, en punkt där f är ej deriverbar eller i intervallets ändpunkter.<br />
Vi börjar med att bestämma alla stationära punkter till f. Eftersom<br />
f(x) = x 3 + 12|x| =<br />
{ x 3 − 12x, −3 < x ≤ 0<br />
x 3 + 12x, 0 < x ≤ 2<br />
,<br />
så är<br />
f ′ (x) =<br />
{ 3x 2 − 12, −3 < x < 0<br />
3x 2 + 12, 0 < x < 2<br />
Eftersom f ′ (x) = 3x 2 +12 > 0 för alla x saknar f stationära punkter i intervallet 0 < x < 2.<br />
På intervallet −3 < x < 0 är f ′ (x) = 3x 2 −12 = 0 endast för x = −2. Vi har att f(−2) = 16.<br />
Vidare gäller att punkten x = 0 är den enda punkt som funktionen f saknar derivata i. Vi<br />
har f(0) = 0. Slutligen undersöker vi ändpunkterna; det gäller att f(−3) = 9 och f(2) = 32.<br />
Alltså är största värde 32 för x = 2 och minsta värde är 0 för x = 0.<br />
Figur 7.9.<br />
y<br />
y = x 3 + 12 |x|<br />
32<br />
16<br />
9<br />
− 3 − 2 − 1<br />
1 2<br />
x
44 7 TILLÄMPNINGAR PÅ DERIVATA<br />
Exempel 7.10. Bestäm värdemängden till funktionen f(x) = xe −x , x ≥ 0. Hur många<br />
gånger antas varje värde?<br />
Lösning:
7.3 Grafritning 45<br />
7.3. Grafritning<br />
Antag att vi behöver rita grafen till en deriverbar funktion f. Vi skulle i så fall behöva<br />
bestämma följande:<br />
1. Extrempunkterna som återfinns bland de stationära punkterna.<br />
2. Vågräta asymptoter som är räta linjer på formen y = A. Dessa finns om f har<br />
ett gränsvärde, i så fall A, då x går mot ±∞, dvs om det finns ett A sådant att<br />
lim f(x) = A.<br />
x→±∞<br />
3. Lodräta asymptoter som är räta linjer på formen x = a. Dessa finns om f har<br />
det oegentliga gränsvärdet ∞ eller −∞ då x går mot punkten a, dvs<br />
lim f(x) = ±∞.<br />
x→a<br />
4. Sneda asymptoter som är räta linjer på formen y = kx + m. Dessa linjer finns<br />
om det finns tal k och m sådana att<br />
f(x)<br />
k = lim<br />
x→±∞ x<br />
och<br />
m = lim (f(x) − kx).<br />
x→±∞<br />
Geometriskt betyder det att kurvan y = f(x) och linjen y = kx+m går närmare<br />
och närmare varandra då x → ±∞, dvs<br />
lim (f(x) − kx − m) = 0.<br />
x→±∞
46 7 TILLÄMPNINGAR PÅ DERIVATA<br />
Exempel 7.11. Rita grafen till funktionen y = x2 + 1<br />
x 2 , så att alla väsentliga drag framgår.<br />
− 4<br />
Lösning: y = x2 + 1<br />
x 2 − 4 ⇒ y′ = −<br />
10x<br />
(x 2 − 4) 2. Varken y eller y′ är definierade för x = ±2 och<br />
dessutom har vi att y → ±∞ då x → ±2, d.v.s. vi har lodräta asymptoter i x = ±2. Vidare<br />
ser vi att y ′ = 0 ⇒ x = 0. Teckentabellen blir då<br />
x −2 0 +2<br />
−10x + + + 0 − − −<br />
(x 2 − 4) 2 + 0 + + 0 +<br />
y ′ + ∄ + 0 − ∄ −<br />
y ր ∄ ր y(0) ց ∄ ց<br />
Vi har alltså ett lokalt maximum i x = 0 med y(0) = − 1 , och lokalt minimum saknas.<br />
4<br />
För att undersöka vågräta asymptoter studerar vi<br />
lim y = lim x 2 + 1<br />
x→±∞ x→±∞ x 2 − 4 = lim 1 + 1<br />
x 2<br />
x→±∞ 1 − 4 = 1.<br />
x 2<br />
En sned asymptot y = kx + m finns inte då eftersom<br />
y<br />
k = lim<br />
x→±∞ x = lim x 2 + 1<br />
x→±∞ x(x 2 − 4) = 0.<br />
Dessutom kan vi notera att y → +∞ då x → −2 − och x → +2 + , samt y → −∞ då<br />
x → −2 + och x → +2 − .<br />
Svar: Lokalt max i (0, −1/4), lokalt min saknas. Lodräta asymptoter för x = ±2. Vågrät<br />
asymptot y = 1 då x → ±∞.<br />
Figur 7.12.<br />
y<br />
y = (x 2 +3) / (x 2 −4)<br />
x
7.3 Grafritning 47<br />
Exempel 7.13. Bestäm alla sneda asymptoter till kurvan f(x) = x + arctan x.<br />
Lösning: Linjen y = kx + m är en sned asymptot till kurvan y = f(x) om det finns tal k<br />
och m sådana att<br />
f(x)<br />
k = lim<br />
x→±∞ x<br />
och<br />
m = lim (f(x) − kx).<br />
x→±∞<br />
Det följer att<br />
f(x)<br />
x<br />
= x + arctan x<br />
x<br />
Detta ger att k = 1. Vidare gäller att<br />
= 1 + arctan x<br />
x<br />
→ 1, då x → ±∞.<br />
{ π/2, då x → +∞<br />
f(x) − kx = (x + arctan x) − 1 · x = arctan x →<br />
−π/2, då x → −∞<br />
Alltså, har kurvan de sneda asymptoterna y = x + π 2 respektive y = x − π 2 .<br />
Figur 7.14.<br />
y<br />
y = x + arctan x<br />
x
48 7 TILLÄMPNINGAR PÅ DERIVATA<br />
Exempel 7.15. Rita f(x) = x + 1 + 2arctan x. Ange lokala extrempunkter, största och<br />
x − 1<br />
minsta värde samt lodräta och vågräta asymptoter.<br />
Lösning:
7.4 Olikheter 49<br />
7.4. Olikheter<br />
Exempel 7.16. Visa att xln x − (ln x) 2 ≥ x − 2 för x ≥ 1.<br />
Lösning: Självklart ska man rita funktionerna och se att grafen till xln x − (ln x) 2 ligger<br />
ovanför grafen till x − 2. Men det räcker inte som bevis. Vad man ska göra är att bilda en<br />
funktion f som skillnaden mellan funktionerna, t.ex. om vi bildar funktionen<br />
f(x) = xln x − (ln x) 2 − x + 2,<br />
så är vi klara om vi kan visa att f(x) ≥ 0 för x ≥ 1.<br />
Låt oss studera funktionen f(x). Vi deriverar funktionen f(x) för x > 1 och får<br />
f ′ (x) = ln x + 1 − 2 1 x<br />
ln x − 1 =<br />
xln x − 2ln x<br />
x<br />
=<br />
(x − 2)ln x<br />
x<br />
= 0 för x = 2.<br />
En teckentabell blir<br />
x 1 2<br />
f ′ (x) − 0 +<br />
f(x) ց ր<br />
Funktionen f har alltså ett minsta värde f(2) = 2ln 2 − (ln 2) 2 = (2 − ln 2)ln 2 > 0.<br />
Dessutom har vi att<br />
och<br />
lim f(x) = lim<br />
x→1 + x→1 +(xln x − (ln x)2 − x + 2) = 1 > 0,<br />
f(x) = xln x − (ln x) 2 − x + 2 → ∞, då x → ∞.<br />
Alltså är f(x) ≥ 0 för x ≥ 1 och därmed klara.<br />
Figur 7.17.<br />
y<br />
f(x) = x ln x − ( ln x ) 2 − x + 2<br />
2 ln 2 − ( ln 2 ) 2<br />
2<br />
x
50 7 TILLÄMPNINGAR PÅ DERIVATA<br />
Exempel 7.18. Visa att arctan x ≥<br />
Lösning:<br />
x<br />
x + 1<br />
för x > −1.
7.5 Ekvationer 51<br />
7.5. Ekvationer<br />
Exempel 7.19. Hur många rötter har ekvationen 2x − xln x = 1 i intervallet 0 < x < 1.<br />
(Observera att vi bestämmer antalet och inte deras värden).<br />
Lösning: Vi bildar en funktion som är skillnaden mellan leden. Betrakta funktionen<br />
f(x) = 2x − xln x = 1 för 0 < x < 1.<br />
Problemet att bestämma antalet rötter till ekvationen är detsamma som att bestämma<br />
antalet nollställen till f(x). Produktregeln ger<br />
f ′ (x) = 2 − ln x − x 1 x = 1 − ln x > 0<br />
för 0 < x < 1, ty ln x < 0 för 0 < x < 1. Alltså är f(x) strängt växande och kan ha högst<br />
ett nollställe, dvs ekvationen kan ha högst en rot.<br />
Vidare gäller att<br />
f(x) = lim − xln x − 1) = −1,<br />
+ +(2x<br />
och<br />
lim<br />
x→0<br />
lim<br />
x→1<br />
x→0<br />
f(x) = lim − xln x − 1) = 1.<br />
− −(2x<br />
x→1<br />
Eftersom f är kontinuerlig så säger satsen om mellanliggande värden att till ett y = 0 som<br />
ligger mellan y = −1 och y = 1 finns minst ett c där 0 < c < 1, så att f(c) = 0. Detta c<br />
är ett nollställe till f, dvs ekvationen högst en rot. Högst ett nollställe tidigare kombinerat<br />
med minst ett nollställe ger nu exakt ett nollställe.<br />
Ekvationen har alltså precis en rot i 0 < x < 1.<br />
Figur 7.20.<br />
y<br />
f(x) = 2 x − x ln x − 1<br />
c<br />
1<br />
x
52 7 TILLÄMPNINGAR PÅ DERIVATA<br />
Exempel 7.21. Hur många reella lösningar har ekvationen ln 4 + 16x2<br />
5<br />
= arctan 2x?<br />
Lösning:
7.5 Ekvationer 53<br />
Exempel 7.22. Bestäm för varje värde på konstanten a antalet skilda reella rötter till<br />
ekvationen x 3 − 12x = a.<br />
Lösning: Vi studerar funktionen f(x) = x 3 − 12x och jämför sedan med linjen y = a. Det<br />
gäller att<br />
f ′ (x) = 3x 2 − 12 = 3(x 2 − 4) = 3(x + 2)(x − 2) = 0 ⇔ x = ±2.<br />
Teckentabell:<br />
x −2 2<br />
3 + + +<br />
x + 2 − 0 + +<br />
x − 2 − − 0 +<br />
f ′ (x) + 0 − 0 +<br />
f(x) ր ց ր<br />
Dessutom gäller att<br />
och<br />
f(x) = x 3 − 12x → ∞, då x → ∞<br />
f(x) = x 3 − 12x → −∞, då x → −∞.<br />
Funktionen f:s största värde är f(−2) = 16 och minsta värde är f(2) = −16.<br />
Satsen om mellanliggande värden säger att ekvationen har:<br />
1. en rot om a < −16 eller a > 16,<br />
2. två rötter om a = ±16,<br />
3. tre rötter om −16 < a < 16,<br />
y = (x 3 −12 x)<br />
y<br />
En rot om a>16<br />
Två rötter om a=16<br />
Tre rötter om −16 < a < 16<br />
x
54 7 TILLÄMPNINGAR PÅ DERIVATA