Livro Hibbeler - 7ª ed Resistencia Materiais (Livro)
218 RESISTi!:NCIA DOS MATERIAISyy+X :ZMz = Mcos (JX(a)(b)(c)y+(d)Figura 6.34(e)(f)ondeu = tensão normal no ponto.y, z = coordenadas do ponto medidas em relaçãoaos eixos x, y, z com origem no centroideda área da seção transversal e formandoum sistema de coordenadas orientadopara a direita. O eixo x é direcionado parafora da seção transversal, e os eixos y e zrepresentam, respectivamente, os eixosprincipais dos momentos de inércia mínimoe máximo para a área.M , M = componentes do momento interno re-Y zsultante direcionadas ao longo dos eixosprincipais y e z·. São positivos se direcionadosao longo dos eixos +y e +z; casocontrário, são negativos. Ou, em outraspalavras, M y = M sen e e M z = M cos e,onde e é positivo se medido do eixo + zna direção do eixo +y.I Y , Iz = momentos principais de inércia calculadosem torno dos eixos y e z, respectivamente.Veja o Apêndice A.Como observamos antes, é muito importante queos eixos x,y,z formem um sistema orientado para a direitae que sejam designados os sinais algébricos adequadosàs componentes do momento e às coordenadasquando aplicamos essa equação. A tensão resultanteserá de tração se ela for positiva e de compressão se elafor negativa.Orientação do eixo neutro. O ângulo a doeixo neutro na Figura 6.34d pode ser determinado pelaEquação 6.17 com u = O, visto que, por definição, nenhumatensão normal age no eixo neutro. TemosMylzy = MIzz yVisto que M z = M cos e eM y = M sen 8, então,(6.18)Essa é a equação da reta que define o eixo neutropara a seção transversal. Uma vez que a inclinaçãodessa reta é tg a = ylz, então,Iztg a = -tg ely(6.19)
FLEXAO 219Aqui, podemos ver que, para flexão assimétrica, oângulo 8, que define a direção do momento M (Figura6.34a), não é igual a a, o ângulo que define a inclinaçãodo eixo neutro (Figura 6.34d), a menos que I z= I Y. Aocontrário, se, como na Figura 6.34a, o eixo y for escolhidocomo o eixo principal para o momento de inérciamínimo e o eixo z for escolhido como o eixo principalpara o momento de inércia máximo, de modo queI Y< I z, então, pela Equação 6.19, podemos concluirque o ângulo a, positivo quando medido do eixo + zem direção ao eixo +y, estará entre a linha de ação deMe o eixo y, isto é, 8 s a s 90°.fórmula da flexãoser aplicada quando a flexão ocorrer em torno de eixos que represéntem os(3ixos,prindeinércia para a seção transversal. Esses eixos têm () rigem no centroíde e estão orientados ao lorigo de um·de simetria, caso ele exista, e perpendicularmente a ele.momento for aplicado em torno de algúmebm arbitrário, então deve ser decomposto emcomponéntes ao longoéadà um dos .eixós principais, e a tensão em um ponto é determinada por superposição da tensão provocada porcada uma das componentes dos momentos.Tensão de flexão. Assim,A seção transversal retangular mostrada na Figura 6.35aestá sujeita a um momento fletor M = 12 kN · m. Determinea tensão normal desenvolvida em cada canto da seção eespecifique a orientação do eixo neutro.SOLUÇÃOComponentes do momento interno. Por inspeção, vemosque os eixos y e z representam os eixos principais deinércia, uma vez que são eixos de simetria para a seçãotransversal. Como exigido, definimos o eixo z como o eixoprincipal para momento de inércia máximo. O momento édecomposto em suas componentes y e z, onde4M y = --(12 kN·m) =5-960kN·m ,3M = -(12 kN · m) = 7 20 kN ·z5 , mPropriedades da seção.Os momentos de inércia em tornodos eixos y e z sãoIy =1 (0,4 m)(0,2 m)3 = 0,2667(10-3) m4lz =1 (0,2 m)(0,4 m)3 = 1,067(10-3) m4M=12kN·muc =7,20(103) N · m(0,2 m)1,067(10-3) m4- - ------ - +-9,60(103) N · m( -0,1 m)+ = 225 MPa R0,2667(10 3) m4 ,esposta7,20(103) N · m(0,2 m)---------- +1,067(10-3) m4-9,60(103) N · m(0,1 m)+ = -4 95 MPa R0,2667(10-3) m4 ' esposta7,20(103) N · m( -0,2 m)--- ---- ------ +1,067(10-3) m4-9,60(103) N · m(0,1 m)0,2667(10-3) m4 '+4,95 MPa= -2 25 MPa RespostaA_j4M = 12kN·m0,1y(a)Figura 6.35(b)Ny(c)
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FLEXAO 219
Aqui, podemos ver que, para flexão assimétrica, o
ângulo 8, que define a direção do momento M (Figura
6.34a), não é igual a a, o ângulo que define a inclinação
do eixo neutro (Figura 6.34d), a menos que I z
= I Y
. Ao
contrário, se, como na Figura 6.34a, o eixo y for escolhido
como o eixo principal para o momento de inércia
mínimo e o eixo z for escolhido como o eixo principal
para o momento de inércia máximo, de modo que
I Y
< I z
, então, pela Equação 6.19, podemos concluir
que o ângulo a, positivo quando medido do eixo + z
em direção ao eixo +y, estará entre a linha de ação de
Me o eixo y, isto é, 8 s a s 90°.
fórmula da flexão
ser aplicada quando a flexão ocorrer em torno de eixos que represéntem os(3ixos,prinde
inércia para a seção transversal. Esses eixos têm () rigem no centroíde e estão orientados ao lorigo de um
·
de simetria, caso ele exista, e perpendicularmente a ele.
momento for aplicado em torno de algúmebm arbitrário, então deve ser decomposto emcomponéntes ao longo
éadà um dos .eixós principais, e a tensão em um ponto é determinada por superposição da tensão provocada por
cada uma das componentes dos momentos.
Tensão de flexão. Assim,
A seção transversal retangular mostrada na Figura 6.35a
está sujeita a um momento fletor M = 12 kN · m. Determine
a tensão normal desenvolvida em cada canto da seção e
especifique a orientação do eixo neutro.
SOLUÇÃO
Componentes do momento interno. Por inspeção, vemos
que os eixos y e z representam os eixos principais de
inércia, uma vez que são eixos de simetria para a seção
transversal. Como exigido, definimos o eixo z como o eixo
principal para momento de inércia máximo. O momento é
decomposto em suas componentes y e z, onde
4
M y = --(12 kN·m) =
5
-960kN·m ,
3
M = -(12 kN · m) = 7 20 kN ·
z
5 , m
Propriedades da seção.
Os momentos de inércia em torno
dos eixos y e z são
Iy =
1 (0,4 m)(0,2 m)3 = 0,2667(10-3) m4
lz =
1 (0,2 m)(0,4 m)3 = 1,067(10-3) m4
M=12kN·m
uc =
7,20(103) N · m(0,2 m)
1,067(10-3) m4
- - ------ - +
-9,60(103) N · m( -0,1 m)
+ = 225 MPa R
0,2667(10 3) m4 ,
esposta
7,20(103) N · m(0,2 m)
---------- +
1,067(10-3) m4
-9,60(103) N · m(0,1 m)
+ = -4 95 MPa R
0,2667(10-3) m4 ' espost
a
7,20(103) N · m( -0,2 m)
--- ---- ------ +
1,067(10-3) m4
-9,60(103) N · m(0,1 m)
0,2667(10-3) m4 '
+
4,95 MPa
= -2 25 MPa Resposta
A
_j
4
M = 12kN·m
0,1
y
(a)
Figura 6.35
(b)
N
y
(c)