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Apostila de Eletrotc..

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R.30: Uma industria tem instalada uma carga <strong>de</strong> 200KW. Verificou-se que o FP é igual<br />

a 85% (em atraso).<br />

Qual <strong>de</strong>verá ser a potência (KVAr) <strong>de</strong> um capacitor que, instalado, venha a<br />

reduzir a Potência Reativa, <strong>de</strong> modo que o fator <strong>de</strong> potência atenda às prescrições da<br />

concessionária, isto é, seja igual (no mínimo) a 0,92 ?<br />

Pr1 = Pat x tgϕ1<br />

Pr2 = Pat x tgϕ2<br />

Para reduzir a potência <strong>de</strong> Pr1 para Pr2, <strong>de</strong>verá ser ligada uma carga capacitiva igual<br />

a:<br />

Pc = Pr1 – Pr2 = Pat (tgϕ1 – tgϕ2)<br />

Solução:<br />

Potência ativa Pat = 200KW<br />

Cosϕ1 = 0,85. Logo, ϕ1 = 31,78º e tgϕ1 = 0,619<br />

Cosϕ2 = 0,92. Logo,ϕ2 = 23,07º e tgϕ2 = 0,425<br />

Portanto, usando a fórmula acima, teremos para a Potência Reativa a ser compensada<br />

pelo capacitor.<br />

Pc = P(tgϕ1 – tgϕ2) = 200(0,619 – 0,425) = 38,8KVAr<br />

Po<strong>de</strong>mos usar a tabela <strong>de</strong> correção do fator <strong>de</strong> potência, entretanto com cosϕ1 = 0,85 e<br />

cosϕ2 = 0,92, obtemos (tgϕ1 – tgϕ2) tabela = 0,91<br />

Pc = 200 x 0,91 = 38,2KVAr.<br />

SENAI/SC<br />

Eletrotécnica<br />

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