PÅÃKLADY K MATEMATICE 2 1. Funkce vÃce promÄnných 1.1 ...
PÅÃKLADY K MATEMATICE 2 1. Funkce vÃce promÄnných 1.1 ...
PÅÃKLADY K MATEMATICE 2 1. Funkce vÃce promÄnných 1.1 ...
You also want an ePaper? Increase the reach of your titles
YUMPU automatically turns print PDFs into web optimized ePapers that Google loves.
PŘÍKLADY K <strong>MATEMATICE</strong> 2 19je P 1 = ( − √ 2/2, − √ 2/2, 1 + √ 2 ) bod elipsy, jehož vzdálenost od počátku je největšía P 3 = (1, 0, 0) a P 4 = (0, 1, 0) body elipsy, jejiž vzdálenost od počátku jenejmenší.Příklad <strong>1.</strong>69. Najděme absolutní extrémy funkce f(x, y, z) = x+y+z na množiněM = {(x, y, z) ∈ R 3 : 1 ≥ x ≥ y 2 + z 2 }.Řešení: Protože hledáme extrémy spojité funkce na uzavřené množině, mámezaručeno, že tyto extrémy budou existovat.Při hledání kritických bodů budeme postupovat následovně:(i) <strong>Funkce</strong> f nemá žádné stacionární body v R 3 , tedy ani v M.(ii) Najdeme stacionární body funkce f vázané na podmínku y 2 + z 2 − x = 0.(iii) Najdeme stacionární body funkce f vázané na podmínku x − 1 = 0.(iv) Najdeme stacionární body funkce f vázané na podmínky x − 1 = 0 ay 2 + z 2 − x = 0, tj. vyšetříme množinu bodů, ve kterých se hranice hmnožiny M láme.V případě (ii) použijeme metodu Lagrangeových multiplikátorů, tj. hledámebod P a skalár λ, aby ∇f(P ) = λ∇g 1 (P ) a současně g 1 (P ) = 0, kde g 1 (x, y, z) =y 2 + z 2 − x. Protože ∇f = (1, 1, 1), ∇g 1 = (−1, 2y, 2z), dostáváme1 + λ = 0,1 − 2λy = 0,1 − 2λz = 0,y 2 + z 2 − x = 0.Odtud dostáváme první kritický bod P 1 = ( 12 , − 1 2 , − 1 2).V případě (iii) postupujeme analogicky (podmínka vazby je dána vztahemx − 1 = 0). Zde nenajdeme žádný kritický bod.V posledním případě opět použijeme metodu Lagrangeových multiplikátorů,tentokrát však pro dvě vazby, tj. hledáme bod P a skaláry λ a µ takové, aby∇f(P ) = λ∇g 1 (P ) + µ∇g 2 (P ) a současně g 1 (P ) = 0 a g 2 (P ) = 0 (g 2 (x, y, z) =x − 1). Budeme tedy řešit soustavu1 + λ − µ = 0,1 − 2λy = 0,1 − 2λz = 0,y 2 + z 2 − x = 0,1 − x = 0.Jejím řešením získáme tentokrát dva kritické body P 2 =()P 3 = 1, − √ 12, − √ 1 2( )11, √2 1, √2 aProtože f(P 1 ) = − 1 2 , f(P 2) = 1 + √ 2 a f(P 3 ) = 1 − √ 2 je zřejmé, že funkcef nabývá na množině M svého maxima f ( 1, 1/ √ 2, 1/ √ 2 ) = 1 + √ 2 a minimaf (1/2, −1/2, −1/2) = − 1 2 .V příkladech <strong>1.</strong>70 až <strong>1.</strong>93 najděte extrémy (absolutní) daných funkcí na danýchmnožinách.